m tăng = mC3H6 = 4.2 (g) 

=> nC3H6 = 0.1 mol 

Đặt : 

nC2H6 = a (mol) 

nC3H8 = b (mol) 

=> a + b = 0.2 - 0.1 = 0.1 (mol ) (1) 

nH2O = 6.48/18 = 0.36 (mol) 

Bảo toàn H : 

6a + 8b = 0.36*2 =  0.72 (2) 

(1) , (2) : 

a = 0.04

b = 0.06 

%C2H6 = 0.04 / 0.2 * 100% = 20%

%C3H6 = 0.1/0.2 * 100% = 50% 

%C3H8 = 100 - 20 - 50 = 30% 

Đáp án A

Hỗn hợp chứa axetilen, etilen và chất A khi đốt thu được CO2 và H2O tỉ lệ 1:1 thì chất A chắc chắn phải là ankan (do axetilen đốt thu được nCO2 > nH2O, etilen đốt thu được nCO2=nH2O, cần phải có 1 chất đốt thu được nCO2< nH2O để đảm bảo tỉ lệ)

Hơn nữa, nC2H2=nA 

Khí thoát ra khỏi bình là ankan:

Khối lượng bình tăng lên là khối lượng của axetilen và etilen.

Đáp án B

Crackinh 0,2 mol C₄H₁₀ → hhX gồm 5 hiđrocacbon.

hhX qua bình Brom dư → m_{bình tăng} = 8,4 gam

• Khí bay ra khỏi dung dịch Brom là hiđrocacbon no CT  

→ n_Y = 0,2 mol, m_hhY = 0,2 x 58 - 8,4 = 3,2 gam.

→ M = 16 → n = 1

 → V_O2 = 22,4 x 0,4 = 8,96 lít

Bài 1:

a, \(C_nH_{2n}+Br_2\rightarrow C_nH_{2n}Br_2\)

\(C_nH_{2n}+\dfrac{3n}{2}O_2\underrightarrow{t^o}nCO_2+nH_2O\)

\(C_3H_8+5O_2\underrightarrow{t^o}3CO_2+4H_2O\)

b, Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_nH_{2n}}=x\left(mol\right)\\n_{C_3H_8}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow x+y=\dfrac{15,68}{22,4}=0,7\left(1\right)\)

Có: \(n_{CO_2}=n.n_{C_nH_{2n}}+3n_{C_3H_8}=nx+3y=\dfrac{40,32}{22,4}=1,8\left(2\right)\)

Mà: m _{bình tăng} = 16,8 (g) = m_CnH2n = 14nx (3)

Từ (1), (2) và (3) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}nx=1,2\\x=0,5\left(mol\right)\\y=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

⇒ n = 1,2:0,5 = 2,4

Mà: 2 anken đồng đẳng kế tiếp.

→ C₂H₄ và C₃H₆.

Có: \(\left\{{}\begin{matrix}28n_{C_2H_4}+42n_{C_3H_6}=16,8\\n_{C_2H_4}+n_{C_3H_6}=0,7-0,2\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=0,3\left(mol\right)\\n_{C_3H_6}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

%n cũng là %V ở cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất.

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,3}{0,7}.100\%\approx42,86\%\\\%V_{C_3H_6}=\%V_{C_3H_8}=\dfrac{0,2}{0,7}.100\%\approx28,57\%\end{matrix}\right.\)

Bài 2:

a, \(n_{CO_2}=\dfrac{13,44}{22,4}=0,6\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{6,48}{18}=0,36\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_X=0,6-0,35=0,24\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\overline{C}=\dfrac{0,6}{0,24}=2,5\)

Mà: 2 ankin hơn kém nhau 2 C và số C nhỏ nhất có thể có là 2.

→ C₂H₂ và C₄H₆.

CTCT: C₂H₂: \(CH\equiv CH\)

C₄H₆: \(CH\equiv C-CH_2-CH_3\) hoặc \(CH_3-C\equiv C-CH_3\)

b, BTNT C, có: \(2n_{C_2H_2}+4n_{C_4H_6}=n_{CO_2}=0,6\left(1\right)\)

BTNT H, có: \(2n_{C_2H_2}+6n_{C_4H_6}=2n_{H_2O}=0,36.2\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_2}=0,18\left(mol\right)\\n_{C_4H_6}=0,06\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

C₂H₂ luôn pư với AgNO₃/NH₃.

Ta có: \(n_{Ag_2C_2}=n_{C_2H_2}=0,18\left(mol\right)\Rightarrow m_{Ag_2C_2}=0,18.240=43,2\left(g\right)=m_{\downarrow}\)

→ C₄H₆ không pư.

Vậy: CTCT đúng của 2 chất là: \(CH\equiv CH\) và \(CH_3-C\equiv C-CH_3\)

a)

C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃ --> C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

C₃H₆ + Br₂ --> C₃H₆Br₂ 

b) 

\(n_{C_2Ag_2}=\dfrac{3,6}{240}=0,015\left(mol\right)\)

=> n_C2H2 = 0,015 (mol)

\(m_{tăng}=m_{C_3H_6}=2,1\left(g\right)\)

=> \(n_{C_3H_6}=\dfrac{2,1}{42}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{C_2H_6}=\dfrac{0,784}{22,4}=0,035\left(mol\right)\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_6}=\dfrac{0,035}{0,035+0,05+0,015}.100\%=35\%\\\%V_{C_3H_6}=\dfrac{0,05}{0,035+0,05+0,015}.100\%=50\%\\\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,015}{0,035+0,05+0,015}.100\%=15\%\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_6}=\dfrac{0,035.30}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=29,661\%\\\%m_{C_3H_6}=\dfrac{0,05.42}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=59,322\%\\\%m_{C_2H_2}=\dfrac{0,015.26}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=11,017\%\end{matrix}\right.\)

c)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{5}{100}=0,05\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(n_{CaCO_3}+2.n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,25\left(mol\right)\)

=> \(n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,1\left(mol\right)\)

Bảo toàn Ca: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,15\left(mol\right)\)

=> \(V_{dd.Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,15}{1}=0,15\left(l\right)=150\left(ml\right)\)

Đáp án : D

Vì khi X đốt cháy thu được n_CO2 = n_h2O => A là anakn và có số mol bằng số mol axetilen

X + Br₂ : m_tăng = m_C2H2 + m_C2H4 = 0,82g

Đốt cháy : Bảo toàn nguyên tố :

.n_C(A) : n_H(A) = n_CO2 : 2n_H2O = 0,03 : 0,08 = 3 : 8 => A là C₃H₈

=> n_C3H8 = n_C2H2 = 0,01 mol => n_C2H4 = 0,02 mol

=> %V_C2H4(X) = 50%